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ゴミ箱結局、εとδは何を意味しているのか?結局、εとδは何を意味しているのだろう? ここで関数の極限を見直して考えてみる 関数の極限の収束は以下の論理式になる \(\varepsilon\)は無限に小さくなっていく値を表す変数である(しかし、決して0にはならない) \(関数の極限の収束を考えた場合、\left| f\left( x \right) -\alpha \right| <\varepsilon なので\varepsilon を基準に\delta の値を作ると考えるとf\left( b\pm \delta \right) \simeq \pm \varepsilon としてg\left( \alpha \pm \varepsilon \right) \simeq \pm \delta のような逆関数の近似を作れば良いと考えられる\) ここで一つ疑問が出てくる。何故、逆関数であると言い切らないのだろうか?・・・「対応している」という言い回しが逆関数をあらわしているのだろうか?(調べる必要アリ)TODO εδ論法の根拠TODO この極限という機関の動力は無限に小さくなっていくεをガソリンにしている。その構造的根拠は数学的帰納で保証されている(微積分と物理/数学的帰納)。数学的帰納は以下の論理式で定義されている 自然数\(n\in\mathbb{N}\) に依存する命題 \(p(n)\) に対して \( (\quad (p(1))\quad \wedge \quad (\quad (\forall k\in \mathbb{N})\quad (p(k)\Rightarrow p(k+1))\quad )\quad )\quad \Rightarrow \quad (\quad (\forall n\in \mathbb{N})\quad (p(n))\quad )\) が成り立つ。数学的帰納法が成り立つ最低条件がこれとなっている
微分の極限の定義\(\displaystyle \lim _{ b\rightarrow a }{ \frac { f\left( b \right) -f\left( a \right) }{ b-a } } =f'\left( a \right) \) \( \forall \varepsilon >0\quad \exists \delta >0\quad (\delta >\left| b-a \right| >0\quad \Rightarrow \quad \left| \frac { f\left( b \right) -f\left( a \right) }{ b-a } -f'\left( a \right) \right| <\varepsilon \quad )\\ \quad \Leftrightarrow \quad \forall \varepsilon >0\quad \exists \delta >0\quad (\quad (a-\delta <b<a+\delta \quad \wedge \quad b≠a)\quad \Rightarrow \quad f'\left( a \right) -\varepsilon <\frac { f\left( b \right) -f\left( a \right) }{ b-a } <f'\left( a \right) +\varepsilon \quad )\quad )\\ \delta は \delta=\varepsilon でOK \) 2016_11_9\(f'\left( b \right) =\lim _{ b\rightarrow a }{ \frac { f\left( b \right) -f\left( a \right) }{ b-a } } \quad \Leftrightarrow \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ f'\left( b \right) \left( b-a \right) =f\left( b \right) -f\left( a \right) } \quad \Leftrightarrow \quad \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ f'\left( b \right) b-f'\left( b \right) a=f\left( b \right) -f\left( a \right) } \\ \Leftrightarrow \quad \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ f'\left( b \right) b=f\left( b \right) -f\left( a \right) +f'\left( b \right) a } \quad \Leftrightarrow \quad \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ b=\frac { f\left( b \right) -f\left( a \right) +f'\left( b \right) a }{ f'\left( b \right) } } \quad \Leftrightarrow \quad \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ b=\frac { f\left( b \right) }{ f'\left( b \right) } -\frac { f\left( a \right) }{ f'\left( b \right) } +a } \\ \Leftrightarrow \quad \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ b-\frac { f\left( b \right) }{ f'\left( b \right) } =a-\frac { f\left( a \right) }{ f'\left( b \right) } } \\ \\ ここで、f(a)=0との連立方程式をaに対して解くと考える(bがaに近づいていく)\\ \\ \lim _{ b\rightarrow a }{ b-\frac { f\left( b \right) }{ f'\left( b \right) } =a-\frac { 0 }{ f'\left( a \right) } } \quad \Leftrightarrow \quad \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ \quad a=b-\frac { f\left( b \right) }{ f'\left( b \right) } } \) 2016_11_8\(f\left( x \right) ={ x }^{ 2 }\quad ,\quad f'\left( x \right) =2{ x }\quad ,\quad \lim _{ b\rightarrow a }{ \frac { f\left( b \right) -f\left( a \right) }{ b-a } } =f'\left( a \right) \quad の式のbとaに適当な数字をあてはめて極限をシミュレーションしてみる\\ \\ \lim _{ 7\rightarrow 3 }{ \frac { f\left( 7 \right) -f\left( 3 \right) }{ 7-3 } } >f'\left( 3 \right) \quad \quad \Leftrightarrow \quad \quad \frac { 49-9 }{ 7-3 } =10>6\quad \quad \cdots bとaを徐々に近づけていく\\ \lim _{ 6\rightarrow 3 }{ \frac { f\left( 6 \right) -f\left( 3 \right) }{ 6-3 } } >f'\left( 3 \right) \quad \quad \Leftrightarrow \quad \quad \frac { 36-9 }{ 6-3 } =9>6\\ \lim _{ 5\rightarrow 3 }{ \frac { f\left( 5 \right) -f\left( 3 \right) }{ 5-3 } } >f'\left( 3 \right) \quad \quad \Leftrightarrow \quad \quad \frac { 25-9 }{ 5-3 } =8>6\\ \lim _{ 4\rightarrow 3 }{ \frac { f\left( 4 \right) -f\left( 3 \right) }{ 4-3 } } >f'\left( 3 \right) \quad \quad \Leftrightarrow \quad \quad \frac { 16-9 }{ 4-3 } =7>6\\ \lim _{ 3.1\rightarrow 3 }{ \frac { f\left( 3.1 \right) -f\left( 3 \right) }{ 3.1-3 } } >f'\left( 3 \right) \quad \quad \Leftrightarrow \quad \quad \frac { 9.61-9 }{ 3.1-3 } =6.1>6\\ \lim _{ 3\rightarrow 3 }{ \frac { f\left( 3 \right) -f\left( 3 \right) }{ 3-3 } } >f'\left( 3 \right) \quad \quad \Leftrightarrow \quad \quad 計算不可、左辺に\frac { 0 }{ 0 } 型の式が出来て計算できない\frac { 9-9 }{ 3-3 } >6\) \(\displaystyle f'\left( a \right) =\lim _{ b\rightarrow a }{ \frac { f\left( b \right) -f\left( a \right) }{ b-a } } \quad \Leftrightarrow \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ f'\left( a \right) \left( b-a \right) =f\left( b \right) -f\left( a \right) } \quad \Leftrightarrow \quad \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ f'\left( a \right) b-f'\left( a \right) a=f\left( b \right) -f\left( a \right) } \) \(\displaystyle \Leftrightarrow \quad \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ f'\left( a \right) b=f\left( b \right) -f\left( a \right) +f'\left( a \right) a } \quad \Leftrightarrow \quad \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ b=\frac { f\left( b \right) -f\left( a \right) +f'\left( a \right) a }{ f'\left( a \right) } } \quad \Leftrightarrow \quad \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ b=\frac { f\left( b \right) }{ f'\left( a \right) } -\frac { f\left( a \right) }{ f'\left( a \right) } +a } \) \(\displaystyle \Leftrightarrow \quad \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ b-\frac { f\left( b \right) }{ f'\left( a \right) } =a-\frac { f\left( a \right) }{ f'\left( a \right) } } \) ここで、\(f\left( b \right) =0\)との連立方程式を\(b\)に対して解くと考える \(\displaystyle \lim _{ b\rightarrow a }{ b-\frac { 0 }{ f'\left( a \right) } =a-\frac { f\left( a \right) }{ f'\left( a \right) } } \quad \Leftrightarrow \quad \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ b=a-\frac { f\left( a \right) }{ f'\left( a \right) } } \) \(\displaystyle \lim _{ b\rightarrow a }{ }\) の極限の関係を漸化式と考え、\(b={ x }_{ n+1 }、a={ { x }_{ n } }\)、とすると \(\displaystyle \lim _{ b\rightarrow a }{ b=a-\frac { f\left( a \right) }{ f'\left( a \right) } } \quad \Leftrightarrow \quad \quad { x }_{ n+1 }={ x }_{ n }-\frac { f\left( { x }_{ n } \right) }{ f'\left( { x }_{ n } \right) } \) となる これをεδ論法で考えるとこうなる TODO ニュートンラフソンと極限の考えを接続したい\(\lim _{ b\rightarrow a }{ b=a-\frac { f\left( a \right) }{ f'\left( a \right) } } \quad \Leftrightarrow \quad \quad { x }_{ n+1 }={ x }_{ n }-\frac { f\left( { x }_{ n } \right) }{ f'\left( { x }_{ n } \right) } \) これをなんとか論理的な証明を表現したい。εδ論法の機能は以下の①②の手順を踏んでいる。これを踏襲して表現する ①無限を定義 (虚数の情緒P424とP450~を接続) \(\lim _{ b\rightarrow a }{ \quad a+\frac { f\left( a \right) }{ f'\left( a \right) } \quad =\quad b } \\ \\ \begin{cases} f\left( x \right) ={ x }^{ n } \\ f'\left( x \right) =n{ x }^{ n-1 } \end{cases}より\\ \\ \lim _{ b\rightarrow a }{ \quad a+\frac { a^{ n } }{ na^{ n-1 } } =b } \quad \Leftrightarrow \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ \quad \frac { na^{ n }+a^{ n } }{ na^{ n-1 } } =b } \quad \quad \Leftrightarrow \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ \quad na^{ n }+a^{ n }=na^{ n-1 }b } \quad \quad \Leftrightarrow \quad \lim _{ b\rightarrow a }{ \quad a^{ n }\left( n+1 \right) =na^{ n-1 }b } \\ \\ \forall \varepsilon >0\quad \exists \delta >0\quad (\delta >\left| b-a \right| >0\quad \Rightarrow \quad \left| a^{ n }\left( n+1 \right) -na^{ n-1 }b \right| <\varepsilon \quad )\\ \quad \Leftrightarrow \quad \forall \varepsilon >0\quad \exists \delta >0\quad (\quad (a-\delta <b<a+\delta \quad \wedge \quad b≠a)\quad \Rightarrow \quad na^{ n-1 }b-\varepsilon <a^{ n }\left( n+1 \right) <na^{ n-1 }b+\varepsilon \quad )\quad )\\ \\ \begin{cases} a^{ n }=f\left( a \right) \\ na^{ n-1 }=f'\left( a \right) \end{cases}より\\ \\ \forall \varepsilon >0\quad \exists \delta >0\quad (\delta >\left| b-a \right| >0\quad \Rightarrow \quad \left| f\left( a \right) \cdot \left( n+1 \right) -f'\left( a \right) \cdot b \right| <\varepsilon \quad )\\ \quad \Leftrightarrow \quad \forall \varepsilon >0\quad \exists \delta >0\quad (\quad (a-\delta <b<a+\delta \quad \wedge \quad b≠a)\quad \Rightarrow \quad f'\left( a \right) \cdot b-\varepsilon <f\left( a \right) \cdot \left( n+1 \right) <f'\left( a \right) \cdot b+\varepsilon \quad )\quad ) \) 2016_10_21ここではεδ論法(イプシロンデルタ論法)の仕組み。何の為にこれがあるのか?何をする為に使うのか?その機能を考察する。一番単純なケースである \(\displaystyle \lim _{ n\rightarrow \infty }{ \frac { 1 }{ n } } =\alpha \) 、\(\alpha=0\)を例に考えていく。この式のεδ論法の論理式は以下になる \(\forall \varepsilon >0\quad (\quad \exists \delta >0\quad (\quad \forall n\in \mathbb{N}\quad (\quad n>\delta \quad \Rightarrow \quad \left| { a }_{ n }-\alpha \right| <\varepsilon \quad ))))\quad \) まず、各命題の意味を機能と仕組みの観点から考えて説明する
\(\displaystyle \lim _{ n\rightarrow \infty }{ \frac { 1 }{ n } } =0\) は\(n\)を無限大\(\infty\)にした際、\(\frac { 1 }{ n }\)は\(0\)に収束する事を表している 数列の単調減少とは、すなわち任意の\(n=1,2,3...\)において\({a}_{n-1}>{a}_{n}\)が成り立つ <収束の証明手順まとめ>
単調減少や下界は数の大小関係で説明できる。数の大小とは「ふたつの数」が必要となる(ひとつの数では比較対象がいないので、ものの大小すら論じる事が出来ない) つまり\(\varepsilon\)と\(\delta\)は「一つ隣の点」と言える。数列で言えば\({a}_{n}\)の隣、\({a}_{n+1}\)や\({a}_{n-1}\)となりえる 証明\({a}_{n}\)と\(n\)、\(\varepsilon\)と\(\delta\)は対応する関係にある \({ a }_{ n }=\frac { 1 }{ n } \quad ,\quad n=\frac { 1 }{ { a }_{ n } } \quad ,\quad \varepsilon =\frac { 1 }{ \delta } \quad ,\quad \delta =\frac { 1 }{ \varepsilon } \) \(n>\delta , \exists \delta >0\) より \(n>\delta>0\) となる。又、 \(\forall \varepsilon >0 , \left| { a }_{ n } \right| <\varepsilon \) より \(0<\left| { a }_{ n } \right| <\varepsilon\) となる これを踏まえて\(\varepsilon\delta\)を「一つ隣の点(unityのC#で例えればVector2型の配列で一つ隣)」と考えると \(\varepsilon =\left\{ \varepsilon は\forall \varepsilon >0と\varepsilon =\frac { 1 }{ \delta } を満たし0を下界とする1以下の単調減少する数である \right\} =\left\{ 1,\frac { 1 }{ 2 } ,\frac { 1 }{ 3 } ,\frac { 1 }{ 4 } ... \right\} =\left\{ 限りなく0に近づき小さくなっていく数列 \right\} \) \(\delta =\left\{ \delta は\exists \delta >0と\delta =\frac { 1 }{ \varepsilon } を満たし0を下界とする単調増加する数である \right\} =\left\{ 1,2,3,4... \right\} =\left\{ 無限に大きくなっていく数列 \right\} \) \(n=\left\{ n>\delta \right\} =\left\{ 2,3,4,5... \right\} =\left\{ \delta により下から押し上げられ無限に大きくなっていく数列 \right\} \) \({ a }_{ n }=\left\{ \frac { 1 }{ n } \right\} =\left\{ \frac { 1 }{ 2 } ,\frac { 1 }{ 3 } ,\frac { 1 }{ 4 } ,\frac { 1 }{ 5 } ... \right\} =\left\{ 0<\left| { a }_{ n } \right| <\varepsilon より\varepsilon で頭は押さえられ限りなく0に近づき小さくなっていく数列 \right\} \) になります。補足:{}で括ることにより数列であることを表しています ここで\({ a }_{ n }\)に注目すると\(0\)の下界を持ち単調減少していることが確認できます。つまり0への収束がこれで証明できた事となります 実務では\(\varepsilon=\frac { 1 }{ 100000000000000000000000000000000000000000000000000000 }\)のような任意の数(勝手な数)をいきなり入れてもかまいません \(\forall n\in \mathbb{N}\)が無い場合を考えるここまで一見、証明は出来たように見えますが実は細かい事を言うと出来ていません。何故なら\(n\)が自然数でない状況を説明できていないからです <原因> \(\sqrt { 2 } = 1.4142135623730950488016887242097... \) これは有理数で近似は表せるが、そのものズバリは出来ない 2016_09_11\(D=\left\{ f\cdot \sigma |\sigma \in R \right\} \\ R=\left\{ \iota ,\sigma ,{ \sigma }^{ 2 },{ \sigma }^{ 3 },{ \sigma }^{ 4 },{ \sigma }^{ 5 } \right\} \\ D=\left\{ f\cdot \iota =f,f\cdot \sigma ,f\cdot { \sigma }^{ 2 },f\cdot { \sigma }^{ 3 },f\cdot { \sigma }^{ 4 },f\cdot { \sigma }^{ 5 } \right\} \\ D=\left\{ f={ g }_{ 1 }=f\cdot { \nu }_{ 1 },f\cdot \sigma ={ g }_{ 2 }=f\cdot { \nu }_{ 2 },f\cdot { \sigma }^{ 2 }={ g }_{ 3 }=f\cdot { \nu }_{ 3 },f\cdot { \sigma }^{ 3 }={ g }_{ 4 }=f\cdot { \nu }_{ 4 },f\cdot { \sigma }^{ 4 }={ g }_{ 5 }=f\cdot { \nu }_{ 5 },f\cdot { \sigma }^{ 5 }={ g }_{ 6 }=f\cdot { \nu }_{ 6 } \right\} \quad \\ \left| D \right| も\left| R \right| も6個ずつある。違いはfを演算した後かどうか\\ そこで\\ { H }_{ j }=\left\{ \mu \in R|f\cdot \mu ={ g }_{ j } \right\} \\ \\ f=\begin{pmatrix} 1 & 2 & 3 & 4 & 5 & 6 \\ A & B & C & A & B & C \end{pmatrix}\\ { H }_{ 1 }=\left\{ { \mu }_{ 1 }=\iota ,{ \mu }_{ 2 }={ \sigma }^{ 3 } \right\} =\left\{ f\cdot { \mu }_{ 1 }=f=f\cdot { \sigma }^{ 3 }=\begin{pmatrix} 1 & 2 & 3 & 4 & 5 & 6 \\ A & B & C & A & B & C \end{pmatrix}={ g }_{ 1 }=f\cdot { \nu }_{ 1 }\quad ,\quad f\cdot { \mu }_{ 2 }=f=f\cdot { \sigma }^{ 3 }=\begin{pmatrix} 1 & 2 & 3 & 4 & 5 & 6 \\ A & B & C & A & B & C \end{pmatrix}={ g }_{ 1 }=f\cdot { \nu }_{ 1 } \right\} \\ \left| { H }_{ 1 } \right| =2\\ { H }_{ 2 }=\left\{ { \mu }_{ 1 }={ \sigma },{ \mu }_{ 2 }={ \sigma }^{ 4 } \right\} =\left\{ f\cdot { \mu }_{ 1 }=f\cdot { \sigma }=f\cdot { \sigma }^{ 4 }=\begin{pmatrix} 1 & 2 & 3 & 4 & 5 & 6 \\ C & A & B & C & A & B \end{pmatrix}={ g }_{ 2 }=f\cdot { \nu }_{ 2 }\quad ,\quad f\cdot { \mu }_{ 2 }=f\cdot { \sigma }=f\cdot { \sigma }^{ 3 }=\begin{pmatrix} 1 & 2 & 3 & 4 & 5 & 6 \\ C & A & B & C & A & B \end{pmatrix}={ g }_{ 2 }=f\cdot { \nu }_{ 2 } \right\} \\ \left| { H }_{ 2 } \right| =2\\ { H }_{ 3 }=\left\{ { \mu }_{ 1 }={ \sigma }^{ 2 },{ \mu }_{ 2 }={ \sigma }^{ 5 } \right\} =\left\{ f\cdot { \mu }_{ 1 }=f\cdot { \sigma }^{ 2 }=f\cdot { \sigma }^{ 5 }=\begin{pmatrix} 1 & 2 & 3 & 4 & 5 & 6 \\ B & C & A & B & C & A \end{pmatrix}={ g }_{ 3 }=f\cdot { \nu }_{ 3 }\quad ,\quad f\cdot { \mu }_{ 2 }=f\cdot { \sigma }^{ 2 }=f\cdot { \sigma }^{ 5 }=\begin{pmatrix} 1 & 2 & 3 & 4 & 5 & 6 \\ B & C & A & B & C & A \end{pmatrix}={ g }_{ 3 }=f\cdot { \nu }_{ 3 } \right\} \\ \left| { H }_{ 3 } \right| =2\\ \\ 事実1:各集合{ H }_{ j }の要素の個数\left| { H }_{ j } \right| はすべて等しい。この場合k=2\\ \\ ①{ { H }_{ j }の各要素は互いに異なる。\mu }_{ 1 }\cdot { \nu }_{ 1 }≠{ \mu }_{ 2 }\cdot { \nu }_{ 1 }\rightarrow { \mu }_{ 1 }≠{ \mu }_{ 2 }\quad \quad 例:{ \nu }_{ 1 }=\iota とすると、{ \mu }_{ 1 }=\iota ,{ \mu }_{ 2 }={ \sigma }^{ 3 }\quad { \mu }_{ 1 }と{ \mu }_{ 2 }が同じになることはない\\ ②gを逆置換\left( 逆関数 \right) して元のfにもどせない要素\mu \in Rは{ H }_{ j }に含まれない\\ Xは番号の集合でYは料理の集合。f:X\rightarrow Y\quad ,\quad g:X\rightarrow Y\quad ,\quad { \sigma }^{ j }\in R\quad ,\quad \mu \in R\quad \quad 以上の事から\nu \in Rにならざる得なくなる\\ { \nu の逆置換\left( 逆関数 \right) は\quad \nu }^{ -1 }:X\rightarrow X\quad ,\quad { \nu }^{ -1 }\in R\quad \left( Rは置換群として定義しているので演算が閉じている。つまり逆元はRの中に必ずある \right) \\ \\ 例:\\ { g }_{ 2 }=\begin{pmatrix} 1 & 2 & 3 & 4 & 5 & 6 \\ C & A & B & C & A & B \end{pmatrix}\quad ,\quad { \mu }={ \sigma }\quad \rightarrow \quad \overbrace { { \nu }^{ -1 }={ \sigma }^{ 6-1 }={ \sigma }^{ 5 } }^{ P57のやり方で逆元を求める } \quad \rightarrow \quad { { g }_{ 2 } }\cdot { \nu }^{ -1 }=f=\begin{pmatrix} 1 & 2 & 3 & 4 & 5 & 6 \\ A & B & C & A & B & C \end{pmatrix}=f\cdot { \mu }\cdot { \nu }^{ -1 }\quad \\ \\ \\ \\ ①と②は全てのパターンが漏れなく対応し異なる事を保証している(つまり数え上げの「組み合わせ」になっている) \) 2016_08_29この6皿に対し料理の種類が2種であれば順列的に「二次の対称群S」、\(2×2×2×2×2×2={ 2 }^{ 6 }=64\)通りの対称性を持った置換が作られる 集合の観点で見ると、「 置換群R\(\subseteq\) 対称群S 」となっている。RはSの部分集合の関係にある 2016_08_20このオイラーの定理の式はユークリッドの互除法や素因数分解に繋がりがあると考えられる。つまり最小非負剰余が1になるイコール(資料:書籍「なっとくする群環体」P36~P37が関係している)・・・ \(p+r\equiv q+1\quad (mod\quad m)\quad という仮説を立てた\\ C(r)\equiv C(1)\\ C(r),C(1)\in { \mathbb{Z} }_{ m }\\ \) 2016_06_09シグマの等比を一つずらしたものと元のものを引き算して数列同士を打ち消し合い式をシンプルにする \(\displaystyle (1-r)\sum _{ k=1 }^{ n }{ { a }_{ 1 }{ r }^{ k-1 } } =\sum _{ k=1 }^{ n }{ { a }_{ 1 }{ r }^{ k-1 } } -\sum _{ k=1 }^{ n }{ { a }_{ 1 }{ r }^{ k } } \) これにより初項と末項のみが残る状態になり、両辺を\((1-r)\)で割るだけで式はシンプルになる 無限級数の検証あらゆる場面で登場する無限級数の基本的な仕組みを理解することは重要と考えられる。たとえば確率において、無限回数の試行から得られる期待値の算出等にも利用される。微積分(シグマなどの総和)と組んで扱う以上その応用範囲は広い。ここで、等比数列から等比数列の総和、無限級数に至るその仕組みを再検証し「無限級数」を道具として手に入れる事を目的としてみる 資料:等比数列 等比数列\({ a }_{ n }={ a }_{ 1 }{ r }^{ n-1 }\quad \quad \quad 公比数列:{ a }_{ n }\quad ,\quad 初項:{ a }_{ 1 }\quad ,\quad 公比:r\quad ,\quad 項数:n\) 等比数列の例\(初項:{ a }_{ 1 }=1\quad ,\quad 公比:r=\frac { 1 }{ 4 } \quad ,\quad 項数:n=5\quad の場合\\ { a }_{ n }\quad =\quad 1\cdot { \left( \frac { 1 }{ 4 } \right) }^{ n-1 }\quad =\quad \left\{ 1,\frac { 1 }{ 4 } ,\frac { 1 }{ 16 } ,\frac { 1 }{ 64 } ,\frac { 1 }{ 256 } \right\} \) 0乗はどんな数字でも1になる。{}で囲んだカンマで区切られた数字は数列を表す 等差数列の和\(\displaystyle{ S }_{ n }=\frac { n\left( { a }+l \right) }{ 2 } \quad \quad \quad \quad \quad (n:総項数\quad { a }:初項\quad l:末項)\) 尚、末項の \(l\) を \({ a }_{ 1 }+\left( n-1 \right) d \) とした時、\(\displaystyle{ S }_{ n }=\frac { n\left( { a }_{ 1 }+{ a }_{ 1 }+\left( n-1 \right) d \right) }{ 2 } \quad \rightarrow \quad { S }_{ n }=\frac { n }{ 2 } \left\{ 2{ a }_{ 1 }+\left( n-1 \right) d \right\} \) となる 等差数列の総和の計算例\(1\)から\(10\)までの総和 等差数列、\({ a }_{ n }=3+(n-1)\cdot 5\) の15項までの総和は \(\frac { n }{ 2 } \left( 2{ a }_{ 1 }+(n-1)d \right)\) より \(\frac { 15 }{ 2 } \left( 2\cdot 3+(15-1)\cdot 5 \right) =570\quad \)となる 等差数列の総和の仕組みをシグマで考えると... \(\displaystyle \quad 2\sum _{ k=1 }^{ n }{ { a }_{ n } } =n\left\{ 2{ a }_{ 1 }+(n-1)d \right\} \) となる。これを幾何的に図にすると以下になる。長方形の計算を利用している 途中の項数から始まる総和を求めたい場合、シグマ同士の引き算を行う TODO 考察2本で行っている計算を別のやり方、具体的には微積分を使って求めてみる そして \(y={ x }^{ 2 }\) の第一象限での面積を考える \(y={ x }^{ 2 }\) のグラフ上の点は \(\left( x=\sqrt { y } ,y \right) \) となり、その外側の面積は積分で考えると \(\displaystyle \int _{ 0 }^{ \sqrt { y } }{ { x }^{ 2 }dx } \) となる。この式を解くと \(\displaystyle \int _{ 0 }^{ \sqrt { y } }{ { x }^{ 2 }dx } \quad \mapsto \quad { \left[ \frac { 1 }{ 2+1 } { x }^{ 2+1 } \right] }_{ 0 }^{ \sqrt { y } }\quad \mapsto \quad { \left[ \frac { 1 }{ 3 } { x }^{ 3 } \right] }_{ 0 }^{ \sqrt { y } }\quad \mapsto \quad \frac { 1 }{ 3 } { \sqrt { y } }^{ 3 }-\frac { 1 }{ 3 } \cdot { 0 }^{ 3 }\quad \mapsto \quad \frac { 1 }{ 3 } y{ \sqrt { y } }\) となる。これは放物線のグラフの外側の面積なので内側の面積を求めることにする。積分が適用されている「長方形の矩形の面積」は\(\left( x=\sqrt { y } ,y \right) \) より \(y\sqrt { y } \)となる \(y\sqrt { y } -\frac { 1 }{ 3 } y{ \sqrt { y } }\quad =\quad \frac { 2 }{ 3 } y{ \sqrt { y } }\) となる これに対する、乱数の試行範囲は\(y\)の値により\({ y }^{ 2 }\)となる \(\frac { \frac { 2 }{ 3 } y{ \sqrt { y } } }{ { y }^{ 2 } } \quad = \quad \frac { 2 }{ 3 } \cdot \frac { \sqrt { y } }{ y } \) となる この式を使って確率の値を確かめると本と同じになることが確認できるので間違いないと思われる \(\frac { 2 }{ 3 } \cdot \frac { \sqrt { 16 } }{ 16 } =0.16666....\) この\(y\)の値、つまり「実数の乱数の試行範囲」を限りなく大きくしていくと虚数の出る確率が極限まで減っていくのがイメージできる ・・・なにか、ひっかかる・・・たぶん間違いがある。答えはあってるが考え方が間違っている箇所がありそう 2015_11_04back今度は数直線上の\(\frac { 1 }{ 3 } \)を基準にふたつの有理数の集合に切断してみると(この解釈は間違っている可能性がある???) \(\displaystyle 切断\left( \quad A:=\left\{ a\in { { Q } }|a<\frac { 1 }{ 3 } \right\} \quad ,\quad B:=\left\{ b\in { { Q } }|b\ge \frac { 1 }{ 3 } \right\} \quad \right) \quad \Rightarrow \quad 切断\left( \quad \lim _{ n\rightarrow \infty }{ \frac { 1 }{ 3 } -\frac { 1 }{ { 10 }^{ n } } } \quad ,\quad \frac { 1 }{ 3 } \quad \right) \quad \Rightarrow \quad 切断\left( \quad 0.\dot { 3 }2 \quad ,\quad 0.\dot { 3 } \quad \right) \) 2015_11_01back\(\frac { 4 }{ 5 } =\frac { 1 }{ 5 } +\frac { 1 }{ 5 } +\frac { 1 }{ 5 } +\frac { 1 }{ 5 } \) 分数に指数や累乗根が入きた場合、指数法則を使う事で考えや計算がシンプルになる が、しかし、数的感覚(直観)と計算パターンから得られる答えとの差異を埋める為に今一度確認をしてみる そして分数の逆数として組み合わせて考えると\(-1\)乗の考え方が出てくる \(\sqrt { 3 } =\frac { 1 }{ \sqrt { 3 } } +\frac { 1 }{ \sqrt { 3 } } +\frac { 1 }{ \sqrt { 3 } } =3\left( \frac { 1 }{ \sqrt { 3 } } \right) =\frac { 3 }{ \sqrt { 3 } } \) \(\frac { 1 }{ 5 } \)を\(4\)個集めると\(\frac { 4 }{ 5 }\) 。\(\frac { 1 }{ \sqrt { 3 } } \)を\(3\)個集めると\(\sqrt { 3 } \)になる 指数が絡んだ分数計算では等比が何時の間にか等差になっている事に気が付く時がある。つまり対数の性質がここに見られる ここまで \(\frac { 3 }{ \sqrt { 3 } } =\frac { 1 }{ \sqrt { 3 } } +\frac { 1 }{ \sqrt { 3 } } +\frac { 1 }{ \sqrt { 3 } } =\sqrt { 3 } =1.732050808...={ \sqrt [ 2 ]{ 3 } }^{ 1 }\) であることを確認している。これはパターンだ。このまま、このような計算を進めてみる \(\frac { 3 }{ \sqrt [ 3 ]{ 3 } } =\frac { 1 }{ \sqrt [ 3 ]{ 3 } } +\frac { 1 }{ \sqrt [ 3 ]{ 3 } } +\frac { 1 }{ \sqrt [ 3 ]{ 3 } } ={ \sqrt [ 3 ]{ 3 } }^{ 2 }=2.080083823...\) \(\frac { 3 }{ \sqrt [ 4 ]{ 3 } } =\frac { 1 }{ \sqrt [ 4 ]{ 3 } } +\frac { 1 }{ \sqrt [ 4 ]{ 3 } } +\frac { 1 }{ \sqrt [ 4 ]{ 3 } } ={ \sqrt [ 4 ]{ 3 } }^{ 3 }=2.279507057...\) \(\frac { 3 }{ \sqrt [ 5 ]{ 3 } } =\frac { 1 }{ \sqrt [ 5 ]{ 3 } } +\frac { 1 }{ \sqrt [ 5 ]{ 3 } } +\frac { 1 }{ \sqrt [ 5 ]{ 3 } } ={ \sqrt [ 5 ]{ 3 } }^{ 4 }=2.408224685...\) このような計算が可能な事が計算機で確認できる。つまり \(\displaystyle \frac { 3 }{ \sqrt { 3 } } \quad =\quad \frac { 3 }{ { 3 }^{ \frac { 1 }{ 2 } } } \quad =\quad \frac { { 3 }^{ \frac { 1 }{ 2 } } }{ 1 } \quad =\quad { 3 }^{ \frac { 1 }{ 2 } }\quad =\quad \sqrt { 3 } \) \(\displaystyle \frac { 3 }{ \sqrt [ 3 ]{ 3 } } \quad =\quad \frac { 3 }{ { 3 }^{ \frac { 1 }{ 3 } } } \quad =\quad \frac { { 3 }^{ \frac { 2 }{ 3 } } }{ 1 } \quad =\quad { 3 }^{ \frac { 2 }{ 3 } }\quad =\quad { \sqrt [ 3 ]{ 3 } }^{ 2 }\) \(\displaystyle \frac { 3 }{ \sqrt [ 4 ]{ 3 } } \quad =\quad \frac { 3 }{ { 3 }^{ \frac { 1 }{ 4 } } } \quad =\quad \frac { { 3 }^{ \frac { 3 }{ 4 } } }{ 1 } \quad =\quad { 3 }^{ \frac { 3 }{ 4 } }\quad =\quad { \sqrt [ 4 ]{ 3 } }^{ 3 }\) \(\displaystyle \frac { 3 }{ \sqrt [ 5 ]{ 3 } } \quad =\quad \frac { 3 }{ { 3 }^{ \frac { 1 }{ 5 } } } \quad =\quad \frac { { 3 }^{ \frac { 4 }{ 5 } } }{ 1 } \quad =\quad { 3 }^{ \frac { 4 }{ 5 } }\quad =\quad { \sqrt [ 5 ]{ 3 } }^{ 4 } \) となる。そして... \(\displaystyle \frac { \sqrt { 3 } }{ \sqrt [ 3 ]{ 3 } } \quad =\quad \frac { { 3 }^{ \frac { 1 }{ 2 } } }{ { 3 }^{ \frac { 1 }{ 3 } } } \quad =\quad { 3 }^{ \frac { 1 }{ 6 } }\quad =\quad \sqrt [ 6 ]{ 3 } \quad =\quad 1.20093.6955\) \(\displaystyle \frac { \sqrt [ 3 ]{ 3 } }{ \sqrt { 3 } } \quad =\quad \frac { { 3 }^{ \frac { 1 }{ 3 } } }{ { 3 }^{ \frac { 1 }{ 2 } } } \quad =\quad { 3 }^{ -\frac { 1 }{ 6 } }\quad =\quad \frac { 1 }{ \sqrt [ 6 ]{ 3 } } \quad =\quad 0.832683177\) のような計算もできる。指数法則で考え直してみる 。これを応用して考えると... \(\frac { 256 }{ \sqrt [ 8 ]{ 256 } } ={ \sqrt [ 8 ]{ 256 } }^{ 7 }=128\\ \frac { 64 }{ \sqrt [ 32 ]{ 64 } } ={ \sqrt [ 32 ]{ 64 } }^{ 31 }=56.20006913...\\ \frac { 12 }{ \sqrt [ 5 ]{ 12 } } ={ \sqrt [ 5 ]{ 12 } }^{ 4 }=7.300372103...\) のような計算も可能となる。これを何かに使えるかもしれない 極限<アルキメデスの原則を論理記号を使って数式化したもの> イプシロンデルタ論法を利用する back1unityで考えるとこうなるのかな?というコード(実際に計算で大小比較に使えるのかは未確認。あくまでメモ程度)
結果 <考え中> <メモ> 数は数直線状の切断によって「表現される」。この切断をデデキント切断と言う
\(A\)と\(B\)を合わせた集合は有理数の集合となる。これらは\(0\)を含まない 上記の条件を踏まえて実際に1を基準に切断するとこうなる (補足:式の読み方→基礎/数学に関する暗黙と習慣) <実数の定義>
bは有理数なので以下のようにも表せる \(\displaystyle b\quad =\quad \frac { 1 }{ 3 } \times 3\quad =\quad 0.3333\dot { 3 } \times 3\quad =\quad 0.\dot { 9 } \quad =\quad 1\) ここで、この理屈が正しいことを計算機を使って確認してみる(実際に計算機を用意して以下を試す) \(1\div 9=0.11111...=0.\dot { 1 } \\ 2\div 9=0.22222...=0.\dot { 2 } \\ 3\div 9=0.33333...=0.\dot { 3 } \\ \quad \quad \quad \vdots \\ 8\div 9=0.88888...=0.\dot { 8 } \\ 9\div 9=0.99999...=0.\dot { 9 } =1\) tes有理数の隙間(穴)に切断の境目がある。デデキントはこの隙間を数とみなすことにした 次に数直線上の\(\sqrt { 2 } \)を基準に有理数の集合をふたつに切断する事を考えて行く <帰納を使った偶数の証明> \(\begin{cases} { a }_{ 1 }=2 \\ { a }_{ n+1 }={ a }_{ n }+2 \end{cases}\) この帰納を使って生成される数列が偶数であることを証明する
ここから具体的に\(\displaystyle \lim _{ n\rightarrow \infty }{ \frac { 1 }{ n } =0 } \)の極限について考えてみる。これは\(n\)を無限に近づけると\(\frac { 1 }{ n }\)が限りなく\(0\)に近づく事を表現している \(\forall \varepsilon >0\quad (\quad \exists \delta >0\quad (\forall n\in { \mathbb{N} \quad }(n>\delta \quad (\left| \frac { 1 }{ n } -0 \right| <\varepsilon )\quad )))\) テンプレートである基本の論証から\(\exists \delta \in { \mathbb{N} }\)の部分を\(\exists \delta >0\)に、\({ a }_{ n }\)の部分を\(\frac { 1 }{ n }\)に、\(a\)の部分を\(0\)にチョコチョコと書き換えている では論証の意味を検証していく 次にひとつ外側の論証式、\(n>\delta \quad\)を見てみる。これはグラフ図を見ればどんな値が相応しいか良く分る。特に重要なのは「\(\varepsilon\)は\(\delta\)に対応する」関係を満たす必要がある点。これは、\(\delta =f(\varepsilon )\)という"なんらかの関数関係"にする必要があるという事。この場合、適切な\(\delta\)は\({ a }_{ n }=\frac { 1 }{ n } \)より\(\varepsilon =\frac { 1 }{ \delta } \)となり、これを\(\delta\)に対して変形すると\(\delta =\frac { 1 }{ \varepsilon }\)が適切だと導ける(この場合、グラフ図をみた方が直観的に分るかも) A点を数列値。B点を極限まで近づけるための点(しかし、A点とB点は完全には重ならない)とすると また、A点を\(\left( n,{ a }_{ n } \right)\)、B点を\(\left( \delta =\frac { 1 }{ \varepsilon } ,\varepsilon \right) \)として論証をチェックすると、このA点とB点は微分の関係になっている事に気が付く \(\displaystyle \lim _{ b-a\rightarrow 0 }{ \frac { f\left( b \right) -f\left( a \right) }{ b-a } \quad } =\quad \lim _{ A点の横軸値-B点の横軸値は0に限りなく近づく }{ \frac { A点の縦軸値-B点の縦軸値 }{ A点の横軸値-B点の横軸値 } } \quad =\quad \lim _{ \delta-n \rightarrow 0 }{ \frac { \varepsilon -{ a }_{ n } }{ \delta -n } } \) 従ってA点、B点は永久に重ならず、\({a}_{n}\)よりも大きい\(\varepsilon\)を小さくし続けることによって限りなくB点をA点に近づける事が可能となった。さらにA点はこの数列の極限の論証による\(n\)の値の更新によりグラフの右側にどんどん移動していく。しかし、さらに更新された\(\varepsilon\)によりB点はA点を追いかけ続ける。ここに一種の漸化式の様な無限ループの計算が出来上がる事になる 実際に値を入れてその動きを確かめてみる\(\varepsilon\) を論証を満たす範囲で小さくするとB点はA点に極限まで近づく。A点は右に移動し、さらにB点はそれを追う。その様子を実際に値を入れながら確認してみる。 \(\varepsilon =\frac { 1 }{ 1000 } \)とする \(\delta\)は\(\delta =\frac { 1 }{ \varepsilon }\)より\(\delta =\frac { 1 }{ \frac { 1 }{ 1000 } } =1000\)となる \(n>\delta\) と \(\forall n\in { \mathbb{N} }\) より \(n=\delta+1=1000+1=1001\) ここまでをまとめると\(\varepsilon =\frac { 1 }{ 1000 }\)、\(\delta=1000\)、\(n=1001\)。これはεδ論法を満たしている この時、A点は\(\left( 1001,\frac { 1 }{ 1001 } \right) \)、B点は\(\left( 1000,\frac { 1 }{ 1000 } \right)\)であり間の距離\(\varepsilon\)は\(\frac { 1001-1000 }{ 1001\times 1000 } =\frac { 1 }{ 1001000 } \)となる もう一度、この計算を繰り返してみる \(\varepsilon =\frac { 1 }{ 1001000 } \)とする \(\delta\)は\(\delta =\frac { 1 }{ \varepsilon }\)より\(\delta =\frac { 1 }{ \frac { 1 }{ 1001000 } } =1001000\)となる \(n>\delta\) と \(\forall n\in { \mathbb{N} }\) より \(n=\delta+1=1001000+1=1001001\) ここまでをまとめると\(\varepsilon =\frac { 1 }{ 1001000 }\)、\(\delta=1001000\)、\(n=1001001\)。これはεδ論法を満たしている この時、A点は\(\left( 1001001,\frac { 1 }{ 1001001 } \right) \)、B点は\(\left( 1001000,\frac { 1 }{ 1001000 } \right)\)であり間の距離\(\varepsilon\)は\(\frac { 1001001-1001000 }{ 1001001\times 1001000 } =\frac { 1 }{ 1002002001000 } \)となる もう一度、この計算を繰り返してみる (以下略) このようにεδ論法によって"作られた数式"を利用する事により\(\varepsilon\)は数回の計算を繰り返すことで人間には認識しづらい程、\(0\)に向かって小さな値に、つまり「限りなく\(0\)に近づく」事になる。この計算には終わりが無く無限回数これを繰り返す。従って\(\varepsilon\)は\(0\)に収束すると言い、そんな\(\varepsilon\)よりも小さい\(\frac{1}{n}\)は\(0\)だろうと予測できる。これを数式にすると\(\displaystyle \lim _{ n\rightarrow \infty }{ \frac { 1 }{ n } =0 } \)と表現できるが、これは予測であってまだ確認できていない おまけ(たぶんテンプレート論証に自然数の指定は必要ない)εδ論法のテンプレートとなる基本フォーマットは以下の形を持っていれば良いようです(個人で調べた範囲の結論なのでまちがってるかも) これは\(\varepsilon\)に正の数の整数を入れようとした時に気が付いた事なのですが、無理に\(\delta\)や\(n\)を自然数にしようとすると計算が出来ない事になります。そもそもアルキメデスの原則は各変数に対し自然数でなければならないというような指定はありませんでした。一度、「~\(\in { \mathbb{N} }\)」を外して計算してみると論証に真がだせるので、たぶん間違っていないのではないかと予想しています 論証:\(\forall \varepsilon >0\quad (\quad \exists \delta >0\quad (\forall n\in { \mathbb{N} \quad }(n>\delta \quad (\left| \frac { 1 }{ n } -0 \right| <\varepsilon )\quad )))\) 例として\(\varepsilon =1000 \)とする \(\delta\)は\(\delta =\frac { 1 }{ \varepsilon }\)より\(\delta =\frac { 1 }{ 1000 }\)となる \(n>\delta\) と \(\forall n\in { \mathbb{N} }\) より \(\frac { 1 }{ n } <\frac { 1 }{ \delta } \) となり \( \frac { 1 }{ \frac { 1 }{ 1000+1 } } <\frac { 1 }{ \frac { 1 }{ 1000 } } \) なので \(n=\frac{1}{1001}\) となる(ここで\(\forall n\in { \mathbb{N} }\)が邪魔になるので外してしまって良い) <ToDO> この場合、εがカウンタになるので、\(\forall \varepsilon \in { \mathbb{ N }\quad }(\quad \exists \delta >0\quad (n>\delta \quad (\left| \frac { 1 }{ n } -0 \right| <\varepsilon )\quad ))\) という書き方をしても良いのではないだろうかと思う <簡単な論理定項の紹介>
これを、(傾き)微分係数\(f'\left( x \right) =\frac { y }{ x } \)をメインに考えて整理すると \(\displaystyle \begin{cases} 0\quad <\quad \frac { \left| f\left( x \right) -b \right| }{ \left| x-a \right| } \quad <\quad \frac { \varepsilon }{ \delta } \\ \quad \\ \frac { b-\varepsilon }{ a-\delta } \quad <\quad \frac { f\left( x \right) }{ x } \quad <\quad \frac { b+\varepsilon }{ a+\delta } \end{cases}\) となる。ここで、\(\delta\)に適当と思われる正数の値とは、どんな式の形をしていれば良いか?この事に対して考えると 例えば放物線を描く関数 \(y=f(x)={x}^{2}\)の一点を\(x=p \) と定めた時、対応する\(y\)の値は\({p}^{2}\)となる。即ち座標\((p ,{ p }^{ 2 })\)となり、この\(p\)に\(\varepsilon >0,\delta >0\)である事を注意しながら\(a +\delta \)を代入すると \({ \left( a +\delta \right) }^{ 2 }=b+\varepsilon \) の関係が成り立つ。この式を\(\delta\)に対して解くと \({ \left( a+\delta \right) }^{ 2 }=b+\varepsilon \quad \rightarrow \quad a+\delta =\sqrt { b+\varepsilon } \quad \rightarrow \quad \delta =\sqrt { b+\varepsilon } -a \) となる ここで関数の動作確認の為 \(\lim _{ x\rightarrow 2 }{ f\left( x \right) =4 }\)としてδε論法に当てはめると \(\lim _{ x\rightarrow a }{ f\left( x \right) =b } \) より\(a=2,b=4\)となり、\(\delta =\sqrt { 4+\varepsilon } -2 \)となる これを展開すると \(0<\left| x-2 \right| \quad \rightarrow \quad \begin{cases} 0<x-2\quad \rightarrow \quad x>2 \\ 0<-x+2\quad \rightarrow \quad x<2 \end{cases}\quad \rightarrow \quad x≠2\) \(\left| x-2 \right| <\sqrt { 4+\varepsilon } -2\quad \rightarrow \quad \begin{cases} x-2<\sqrt { 4+\varepsilon } -2\quad \rightarrow \quad x<\sqrt { 4+\varepsilon } \\ -x+2<\sqrt { 4+\varepsilon } -2\quad \rightarrow \quad -x<\sqrt { 4+\varepsilon } -4\quad \rightarrow \quad x<4-\sqrt { 4+\varepsilon } \end{cases}\) \(\left| { x }^{ 2 }-4 \right| <\varepsilon \quad \rightarrow \quad \begin{cases} { x }^{ 2 }-4<\varepsilon \quad \rightarrow \quad { x }^{ 2 }<\varepsilon +4 \\ -{ x }^{ 2 }+4<\varepsilon \quad \rightarrow \quad { -x }^{ 2 }<\varepsilon -4\quad \rightarrow \quad { -x }^{ 2 }<\varepsilon -4\quad ???? \\ \end{cases}\) 虚数と向き合う必要があるので、一端この問題はここでストップ !!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!! TODO !!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!!! \({ \varepsilon }_{ n }<{ \varepsilon }_{ n-1 }\)とすると\(\displaystyle \frac { { \varepsilon }_{ n } }{ { \delta }_{ n } } <\frac { { \varepsilon }_{ n-1 } }{ { \delta }_{ n-1 } } \)になり・・・ <memo> \(\delta\)に適当と思われる正数の値とは、どんな式の形をしていれば良いだろうか? |